部分代码define了long long，请记得开long long
A. Calandar
把年份、月份、单个的天数全都乘以对应的系数转化成单个的天数即可，注意最后的结果有可能是负数，要转化成正数。发现技巧是：(ans % 5 + 5) % 5。？
还有注意不能这样写，答案不正确。或许是因为取模运算没有这样的性质？？
ans = plu(sub(plu(plu(mul(sub(y2, y), 365), mul(sub(m2, m), 30)), d2), d), x);
int y, m, d;
int y2, m2, d2;map<string, int> mp = {{"Monday", 0},{"Tuesday", 1},{"Wednesday", 2},{"Thursday", 3},{"Friday", 4},
};map<int, string> mpr = {{0, "Monday"},{1, "Tuesday"},{2, "Wednesday"},{3, "Thursday"},{4, "Friday"},
};void solve() {cin >> y >> m >> d;string s;cin >> s;int x = mp[s];cin >> y2 >> m2 >> d2;int ans = (y2 - y) * 365 + (m2 - m) * 30 + d2 - d + x;if (ans >= 0) cout << mpr[ans % 5] << '\n';else cout << mpr[(ans % 5 + 5) % 5] << '\n';
}
M. Sekiro
很简单的签到，但是把我害惨了，记得以前校某次比赛用过这题，当时就让我大脑宕机了一次。
注意到每次操作都会使\(n\)减半，因此最多只会操作\(log(n)\)次，但是有可能减半后和减半前值相同，造成死循环，因此这种情况要特判结束循环。
int n, k;void solve() {cin >> n >> k;while (k --) {if (n == (n + 1) / 2) break;n = (n + 1) / 2;}cout << n << '\n';
}
F. Stones in the bucket
我们可以先将序列排个序，然后假设我们最后要把序列的元素全部变成\(x\)，那么我们可以把所有\(>x\)的区块都一个个的撒给\(<x\)的区块，就像撒沙子那样。可以证明，只要大于\(x\)的量足够填满小于\(x\)的量，则一定是可以有方案实现这样填满，填满后剩下的部分用操作1扔掉即可。
故二分答案即可。
时间复杂度\(O(log(1e9)n)\)
int n;
int a[N];bool check(int x) {int sum0 = 0;int sum1 = 0;for (int i = 1; i <= n; i ++) {if (a[i] < x) sum0 += x - a[i];else sum1 += a[i] - x;}return sum1 >= sum0;
}void solve() {cin >> n;for (int i = 1; i <= n; i ++) {cin >> a[i];}sort(a + 1, a + 1 + n);int l = 0, r = 1e9 + 1;while (l < r) {int mid = l + r + 1ll >> 1ll;if (check(mid)) l = mid;else r = mid - 1;}int ans = 0;for (int i = 1; i <= n; i ++) {if (a[i] > l) ans += a[i] - l;}cout << ans << '\n';
}
C. Wandering robot
最让我头疼的一题，看完题解最想锤头的一题。
我刚开始一直在画图，想着算出前\(k-1\)次移动到的位置加上最后一次可以触及的最大曼哈顿距离即可。首先是分类讨论的头疼，接下来是发现可以统一为一种情况但是一直WA2的头疼。。。
正解是推导表达式看函数图像取最值。
设第\(i\)步之后坐标是\((x_i, y_i)\)，则\((tn + i)\)步之后坐标是\((tx_n + x_i, ty_n + y_i)\)，距离原点的曼哈顿距离是\(|tx_n + x_i| + |ty_n + y_i|\)。
函数\(f(t) = |tx_n + x_i|\)的图像是\(V形\)，两个叠在一起可以通过画图得出。
这里引用官方题解的图。
可见该函数在左端点或者右端点取得最大值，因此我们只需要考虑\(t = 0\)和\(t = k - 1\)即可。
时间复杂度\(O(n)\)。
int n, k;
string s;void solve() {cin >> n >> k;cin >> s;int X = 0, Y = 0;for (int i = 0; i < n; i ++) {if (s[i] == 'L') {X --;}else if (s[i] == 'R') {X ++;}else if (s[i] == 'U') {Y ++;}else {Y --;}}int x = 0, y = 0;int ans = 0;for (int i = 0; i < n; i ++) {if (s[i] == 'L') {x --;}else if (s[i] == 'R') {x ++;}else if (s[i] == 'U') {y ++;}else {y --;}ans = max({ans, abs(x) + abs(y), abs((k - 1) * X + x) + abs((k - 1) * Y + y)});}cout << ans << '\n';
}
